PHÒNG GIÁO DỤC VÀ ĐÀO TẠO
HUYỆN CHÂU THÀNH
ĐÁP ÁN ĐỀ THI HSG tham khảo

KỲ THI HỌC SINH GIỎI CẤP HUYỆN
Năm học 2022-2023
Môn thi: Vật lí

(Đáp án có 05 trang)
-------------------------------------------------------------------------------------------------------II. Đáp án và thang điểm:
Bài

Nội dung
Bài I. 1) Qu·ng ®êng xe ®i ®îc trong 1 giê
Xe 1: S1 = v1.t = 30km
(2,0
Xe 2 : S = v2. t = 40 km
điểm) V× S =2 60km.
AB
KÝ hiÖu kho¶ng c¸ch gi÷a 2 xe lµ MN 
MN = S2 +S - S1 = 40 +60-30=70 km
2. Sau khi xuÊt ph¸t 1 giê 30 phót qu·ng ®êng mçi xe lµ:
Xe 1: S1 = v1.t = 45km
Xe 2 : S2 = v2. t = 60 km
Kho¶ng c¸ch gi÷a 2 xe lµ: l = S2 +S - S1 = 75km
Sau thêi gian t xe 1 ®uæi kÞp xe 2.
Qu·ng ®êng mçi xe lµ:
Xe 1: S1' = v1'.t = 50t
Xe 2 : S2' = v2'. t = 40t
Khi hai xe gÆp nhau ta cã S2' = S1' - l  l = S1' - S2'
 75 = 50t - 40 t = 10t  t = 7,5 ( giê)
VÞ trÝ gÆp nhau c¸ch A mét kho¶ng L, ta cã:
S1'= v1'.t = 50.7,5 = 375 km
L = S1'+S1 = 375 + 45 = 420 km

Điểm

0,5

0,5

0,5

0,5
Bài
Vật có khối lượng m = 100kg
P = 10 m = 1000 N
II.
1, Theo hệ thức mặt phẳng nghiêng:
(2,0
điểm)
Vậy lực kéo vật khi F ma sát không đáng kể là 200(N)
2, Thực tế lực ma sát là 50(N) nên lực kéo vật trên mặt phẳng nghiêng là F =
200 + 50 = 250 (N)
Vậy công toàn phần là : ATP =
. = 250 . 10 = 2500(J)
Công có ích là : ACi = P. h = 1000 . 2 = 2000(J)
Theo công thức H =
3, Sau khi vật chuyển động hết MPN tiếp tục chuyển động trên mặt phẳng nằm
ngang có lực cản ma sát như lực cản ma sát trên mặt phẳng nghiêng nên lực kéo vất
trên mặt phẳng nằm ngang là:
F = 50(N)
Mà công suất kéo không thay đổi

0,5
0,25
0,25
0,5

Ta có :
Gọi vận tốc trên MPN là
Vận tốc trên MP nằm ngang là
Ta có P = 250 .
= 50 .
Trang 1/5

. Vậy vận tốc tăng lên 5 lần.
Bài
III.
(4,0
điểm)

0,5

a) Đặt m là khối lượng của một chai và M là khối lượng nước của bình cách
nhiệt; c và Cn là nhiệt dung riêng của sữa và của nước.
0,5
Khi lấy chai thứ nhất ra thì nhiệt độ chung của sữa và nước là t1:
mc(t1 - tx) = MCn(t0 – t1) → mc (33 – tx) = MCn(36 – 33) (1)
0,5
Khi lấy chai thứ hai ra, ta có:
mc(t2 – tx) = MCn(t1 – t2) (2) → mc (30,5 – tx) = MCn(33 – 30,5)
(2a)
Chia vế với vế của (1) cho (2a) ta được:
0,5
0,5

Vậy tx = 180C
b) Thay vào (2a) được k =

0,5

Từ (2) suy ra: Khi lấy chai thứ n ra ta có:
mc(tn – 18) = MCn(tn-1 – tn) → tn – 18 =
Hay tn =

tn-1 + 3

1,0

Với tn-1 = t2 = 30,5 C thì tn = t3 =
0

t4 =

(tn-1 – tn) = 5(tn-1 – tn)

t2 + 3 =

t3 + 3 =

.28,42 + 3 = 26,680C; t5 =

t5 + 3 =

.25,23 + 3 = 24,030C < 250C

.30,5 + 3 = 28,42 C
0

t4 + 3 =

.26,68 + 3 = 25,230C

>250C
t6 =

0,5

Vậy đến chai thứ 6 thì khi lấy ra nhiệt độ nước trong bình mới nhỏ hơn 250C

Bài
Gọi R1, R2 là điện trở của biến trở ứng với 2 vị trí trên
IV.
của con chạy C; R là điện trở toàn phần của biến trở:
(2,0
điểm)

0,5

P1 = P2
è R0 =

0,5

Gọi I1, I2 là cường độ dòng điện qua R0 trong 2 trường hợp trên
0,5

è I1 = 1,5I2
Bài
V.
(3.5

è

0,5

a/Các cách mắc còn lại gồm:
Cách 3: [(R0//R0)ntR0]nt r ; Cách 4: [(R0 nt R0)//R0]nt r
Đem giá trị này của r thay vào (1)
U = 0,8R0
Với cách mắc 3: [(R0//R0)ntR0]nt r
[(R1//R2)ntR3]nt r (đặt R1 = R2 = R3 = R0)

0,5

Trang 2/5

điểm)

R1

Cđdđ qua R3: I3 =

R3

r

R2

Do R1 = R2 nên I1 = I2 =

R2

R1

Với cách mắc 4: Cđdđ trong mạch

chính

0,5

r
0,5

R3

Hiệu điện thế giữa hai đầu đoạn
mắc nối tiếp gồm 2 điện trở R0:
U12 =

mạch
0,5

cđdđ qua mạch nối tiếp này là:

I/1 = I/2 =

cđdđ qua điện trở còn lại là

I/3 = 0,32A
b/ Ta nhận thấy U không đổi
công suất tiêu thụ ở mạch ngoài P = U.I sẽ
nhỏ nhất khi I trong mạch chính nhỏ nhất
cách mắc 1 sẽ tiêu thụ điện năng
ít nhất và cách mắc 2 sẽ tiêu thụ điện năng lớn nhất.
c/Giả sử mạch điện gồm n dãy song song, mỗi dãy có m điện trở giống nhau
và bằng R0 ( với m ; n
N ) (H.vẽ)
r
Cường độ dòng điện trong mạch chính

r

r

r

r

0,5

n

Để cđdđ qua mỗi điện trở R0 là 0,1A ta phải có:

m

m+n=8

0,5

Ta có các trường hợp sau:

m
1
2
3
4
5
6
7
n
7
6
5
4
3
2
1
Số đ.trở R0
7
12 15 16 15 12 7
Theo bảng trên ta cần ít nhất 7 điện trở R0 và có 2 cách mắc chúng.
- 7 dãy song song, mỗi dãy 1 điện trở
- 1 dãy gồm 7 điện trở mắc nối tiếp
0,5
Bài
VI.
(3,5
điểm)

V× ®Ìn s¸ng b×nh thêng tøc lµ hiÖu ®iÖn thÕ thùc tÕ trªn ®Ìn khi ®ãng vµ më
kho¸ K b»ng hiÖu ®iÖn thÕ ®Þnh
møc cña ®Ìn.
Gäi ®iÖn trë ®Ìn lµ R Khi ®ãng
R1
kho¸ K, D vµ C bÞ nèi t¾t , ta cã
s¬ ®å:
R
A
HiÖu®iÖn thÕ trªn ®Ìn §:

C, D

R2
B

R3
Trang 3/5

0,5

(1)
Khi më kho¸ K, ta cã s¬ ®å m¹ch ®iÖn:
R1

A

R

R2

R3

C

B

0,5
0,5
(2)

tõ (1) vµ (2) ta cã:
Thay vµo (2) ta ®îc Ud= 6V

0,5
0,5
0,5
0,5
Bài
Gọi hiệu điện thế giữa hai đầu R1, R2, R3, R4 và R5
VII.
lần lượt là U1, U2, U3, U4 và U5.
(3,0
Biểu diễn cường độ dòng điện trên các đoạn mạch như hình vẽ.
điểm)
I1
A

R1

R2

C

I

I2
B

R5

+
I5

I3

R3

_

I4
D

R4

H2
U2 = UAB – U1
U3 = U1 – U5 = U1 – 3
Trang 4/5

U4 = UAB – U3 = UAB – U1 + 3
Cường độ dòng điện qua đèn là: I5 =

0,5

Tại nút C ta có:

0,5

I1 + I5 = I2

Tại nút D ta có: I3 = I5 + I4
(0,25điểm)

(1)
0,5

(2)
Thay (2) vào(1) ta có: 3.U1 = 2(2U1-7) – 3
U1 = 17(V)
Thay số vào (2) có: UAB = 2.17 – 7 = 27(V)
Ta có: I1 =
;

0,5

I3 =

Cường độ dòng điện mạch chính là: I = I1 + I3 =

0,5

Điện trở tương đương của mạch điện là:
RAB =
0,5
-------------------------------------------------------HẾT------------------------------------------------

Trang 5/5